PHP函数缺少参数错误

我的验证功能看起来像那样

function validate($data,$data2 = 0,$type)
{
...

函数调用示例

if ($result = validate($lname,'name') !== true)
        response(0,$result,'lname');

如您所见,我的验证功能有3个输入变量.我不经常使用第二个var – $data2,这就是默认情况下将其设置为0的原因.但是,当我将此函数作为给定示例调用时(据我所知它意味着$data = $lname,$type =’name’)获取错误消息

Missing argument 3 ($type) for validate()

我该如何解决这个问题？

Missing argument 3 ($type) for validate()

始终将可选参数列为最后一个参数.由于PHP没有命名参数,也没有“重载ala Java”,这是唯一的方法：

function validate($data,$type,$data2 = 0) {
}