有人可以告诉我如何使用html< input type =“file”>获取文件路径.用PHP?
这是我的代码:
的index.PHP
<form action="csv_to_database.PHP" method="get" >
<input type="file" name="csv_file" />
<input type="submit" name="upload" value="Upload" />
</form>
并在csv_to_database.PHP中
<?PHP
if (isset($_GET['csv_file'])) {
$row = 1;
if (($handle = fopen($_GET['csv_file'], "r")) !== FALSE) {
while (($data = fgetcsv($handle, 1000, ",")) !== FALSE) {
$num = count($data);
echo "<p> $num fields in line $row: <br /></p>\n";
$row++;
for ($c=0; $c < $num; $c++) {
echo $data[$c] . "<br />\n";
}
}
fclose($handle);
}
}
?>
我的问题是,它仅在csv数据与我的PHP文件位于同一目录时才有效.我想我需要获取文件路径,但我不知道该怎么做.
解决方法:
你不应该只使用你现在拥有的$_GET.您的文件基于$_FILES [“csv_file”] [“tmp_name”].
最好你回顾this tutorial,基本上说你需要做这样的事情:
<?PHP
if ($_FILES["csv_file"]["error"] > 0)
{
echo "Error: " . $_FILES["csv_file"]["error"] . "<br />";
}
else
{
echo "Upload: " . $_FILES["csv_file"]["name"] . "<br />";
echo "Type: " . $_FILES["csv_file"]["type"] . "<br />";
echo "Size: " . ($_FILES["csv_file"]["size"] / 1024) . " Kb<br />";
echo "Stored in: " . $_FILES["csv_file"]["tmp_name"];
}
?>
你可以从那里出发.如果要从临时位置移动文件,请使用move_uploaded_file,也在教程中进行了解释:)