如何将主文件名从主文件移动到一个模块和另一个模块

问题描述

我想要一个包包含 3 个主要模块，'main.py'、'config_controls.py' 和 'inputs.py'。我希望主文件非常轻巧，并且主要是调用其他两个来完成所有工作。 config_controls 是设置我正在使用的硬件，输入是获取我可以通过外观对象和用户输入访问的详细信息。 我希望能够获取主文件的名称并将其传递给 config_controls ，然后它将导入输入（这需要主脚本文件作为其参数之一保存在字典中作为测试记录）。但它是一个无望的混乱。我不知道该怎么做。我想以这种方式（或关闭）将控件和输入分离到不同的模块中，以便我可以维护它们并对其进行扩展，但我不知道如何移动属性。

ma​​in.py 的内容

#print('\n'*11)
import os
main_script_name = os.path.basename(__file__)
import config_controls as controls

# when importing inputs first
import inputs
print(user_inputs)

config_controls.py 的内容

import inputs as inputs

#instantiate the inputs class
insty2 = inputs
user_inputs = dir(insty2)
print(user_inputs)

user_inputs2 = insty2.Inputs()
print(dir(user_inputs2))

inputs.py 的内容

import re

class Inputs:
    def __init__(self,main_script_name):
        self.main_script_name = main_script_name

    def get_deets(self):
        my_dict = {}
        my_dict["main_filey"] = self.main_script_name
        return my_dict
      
if __name__ == "__main__":
    insty = Inputs('lalala')
    details = insty.get_deets()
    print(details)

预期结果 因为当我运行主文件时，它会导入 config_controls 并将主文件的名称传递给它，然后将主文件的名称传递给输入文件和主文件。 file 然后打印字典（其中存储了主文件名）。或者被展示如何正确地做到这一点。

解决方法

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